flask出现TypeError("bad bad factory!")的解决方案

报错的原因

这个错误 "TypeError('bad bad factory!')" 在 Flask 框架中是在设置一个错误的 view factory 时发生的，其中 view factory 应该是一个可调用的函数，接收一个类似于 HTTPExceptions 的对象和一个字典，并返回一个响应对象。

一般这个错误是因为你在调用 Flask.errorhandler 时将一个非函数对象作为参数传入。

解决这个错误的方法是，确保你传入的 view factory 是一个可调用的函数。

例如:

from flask import Flask, jsonify

app = Flask(__name__)

def handle_error(error):
    return jsonify(message=str(error)), error.code

app.errorhandler(404)(handle_error)

if __name__ == "__main__":
    app.run()

返回了一个 json 响应，并且通过调用 app.errorhandler(404)(handle_error) 来将这个函数设置为 404 错误的处理器。

当在程序中出现 404 错误时，handle_error 函数会被调用，并返回一个 json 响应。

另外，在这种情况下，如果你将非函数对象作为参数传入 Flask.errorhandler,也会抛出 "TypeError('bad bad factory!')" 的异常。

总之，当在 flask 中出现 "TypeError('bad bad factory!')"，通常是因为使用了错误的 view factory,确保view factory 是一个可调用的函数, 并传入正确的参数即可解决这个问题。

如何解决

主要解决方法就是确保传入 Flask.errorhandler 的参数是一个可调用的函数，即一个符合上述 view factory 定义的函数。

需要注意的是，view factory 函数需要接受两个参数：一个类似于 HTTPExceptions 的对象和一个字典，并返回一个响应对象。

例如:

from flask import Flask, jsonify

app = Flask(__name__)

def handle_error(error):
    return jsonify(message=str(error)), error.code

app.errorhandler(404)(handle_error)

这是在解决 "TypeError('bad bad factory!')" 的方法，在你的代码中确保 view factory 函数的正确性即可解决这个问题。

使用例子

是的，下面是一个示例:

from flask import Flask, jsonify

app = Flask(__name__)

def handle_error(error):
    return jsonify(message=str(error)), error.code

app.errorhandler(404)(handle_error)

@app.route("/")
def index():
    return "Hello, World!"

@app.route("/error")
def error():
    raise ValueError("This is an error")

if __name__ == "__main__":
    app.run()

上面的代码中，我们定义了一个叫 handle_error 的函数作为 view factory，它接受一个类似于 HTTPExceptions 的对象 error 并返回一个 json 响应。然后使用 app.errorhandler(404)(handle_error) 将其设置为 404 错误的处理器。

当访问 /error 时，会引发一个 ValueError 异常。由于我们没有处理这个异常，所以 Flask 会使用我们之前设置的 handle_error 函数来处理这个异常, 并返回 json 响应。

再次强调, 这个例子只是给你一个大概的框架, 真实应用场景可能更加复杂,你需要根据具体情况来实现。